「题解」关于sizeof陷阱,无符号整形,变种水仙花数
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sizeof陷阱以及无符号整形
让我们看一下这段代码：
int main(){ int x = -1; unsigned int y = 2; if (x > y){ printf("x is greater"); } else{ printf("y is greater"); } return 0; }大家会认为结果是多少呢？结果会是"y is greater"？让我们看一下运行结果吧
为什么会出现这种结果呢，由于x是有符号数-1，内存中是全1，当有符号的x和无符号数进行比较时，x会隐式类型转换被当做无符号数，是一个很大的数,输出结果是x is greater
至于这个很大的数是偶少呢
int x=-1 原码：10000000000000000000000000000001 反码：11111111111111111111111111111110 补码：11111111111111111111111111111111 unsigned int x=-1 补码：11111111111111111111111111111111 没有符号则 原码等于补码：11111111111111111111111111111111 unsigned int y=2 原码：00000000000000000000000000000010 注意：此时x,y都是无符号数，二进制码的最高位不是符号位。 肉眼可见11111111111111111111111111111111>00000000000000000000000000000010 所以x>y还有一道题异曲同工
#include <stdio.h> int i; int main(){ i--; if (i > sizeof(i)){ printf(">n"); } else{ printf("<n"); } return 0; }C语言中，0为假，非0即为真。
全局变量，没有给初始值时，编译其会默认将其初始化为0。i的初始值为0，i--结果-1，i为整形，sizeof(i)求i类型大小是4，按照此分析来看，结果应该选择B，但是sizeof的返回值类型实际为无符号整形，因此编译器会自动将左侧i自动转换为无符号整形的数据，-1对应的无符号整形是一个非常大的数字，超过4或者8，所以输出‘>’
这道题其实很隐蔽，真是虾仁猪心！！！
注：sizeof的返回值类型实际为无符号整形，如果有符号的整形数据与无符号整形的数据比较时，无符号整形的数据自动转换为无符号整形的数据
sizeof运行规则
一般表达式的运算是在运行时执行的，而sizeof是一个编译阶段就执行的运算符，在其内的任何运算都不执行。
#include <stdio.h> int main() { int i = 1; sizeof(i++); printf("%dn", i); return 0; } 一般表达式的运算是在运行时执行的，而sizeof是一个编译阶段就执行的运算符，在其内的任何运算都不执行 所以i++是不会计算的，++i同样也是不会计算的，所以i的值还是等于1
变种水仙花数
变种水仙花数 - Lily Number：把任意的数字，从中间拆分成两个数字，比如1461 可以拆分成（1和461）,（14和61）,（146和1),如果所有拆分后的乘积之和等于自身，则是一个Lily Number。
例如：
655 = 6 * 55 + 65 * 5
1461 = 1*461 + 14*61 + 146*1
输入描述：无
输出描述：一行，5位数中的所有 Lily Number，每两个数之间间隔一个空格
#include<stdio.h> #include<math.h> int main(){ for(int i=10000;i<99999;i++){ int sum=0; for(int j=1;j<=4;j++){ int a=0,b=0; a=i%(int)pow(10,j); b=i/pow(10,j); sum+=a*b; } if(i==sum){ printf("%d ",i); } } return 0; }解题思路：
12345 1*2345+12*345+123*45+1234*5 首先我们得这个五位数拆分成4对数据， int a=0,b=0; a=i%(int)pow(10,j); b=i/pow(10,j); 用局部变量a,b分别去保存这一对数据，用局部变量sum保存a*b的值，经历4次循环，sum累加后的值与本身这个数比较，就可以判断出是否是变种的水仙花数
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